安徽省2023~2024学年度届九年级阶段质量检测 R-PGZX D-AH✰数学f试卷答案正在持续更新，目前2024届最新高考模拟示范卷答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

答案专期中考版九年级（试卷）第35~38期分数学用报MATHEMATICS WEEKLY15.根据折叠的性质，可知DF=DF,AD=AD即190°-x=50°.解得x=140°【第35期】“图形的变化（一）”综合验收题1E=A,E,所以阴影部分的周长可转化为矩形③若OA=OD,则∠OAD=∠AD0ABCD的周长=2(10+5)=30.即50=x-60°解得x=110-、1.D2.D3.D4.D5.A16.连接AG,因为AB=BG=5,BC=3,由勾股定综上所述，当∠B0C的度数为125°，140°或6.A7.B8.C9.B10.B理可得CG=4.所以)G=1.在R△A)G中，110时，△A0D为等胶三角形.提示：AG=D+DG=10.根据旋转的性质，可22.(1)因为DC∥EF,所以∠DCD'=∠CD'E=心.2.根据中心对称的性质，可知点(5,1)关于原点0知∠ABG=∠CBE,HAB=BG=5,BC=BK=所以&=$=佛=中心对称的点的坐标为(-5，-1)3.所以△ABG△C8B所以器=格即所以=30°.3.刈选项中各个位置进行验证即可：华=0.解得C6=30(2)因为G为BC的中点，所以GC=号BC=14.画出旋转后的形，再确定其坐标所以(GC=CE'=CE=1.5.过点B作BN⊥AC所在直线于点N,BM⊥AD于三、17.答案不唯一，如图.点M.山△ABC的面积为6，AG=3,可求出BN=因为∠D'CG=∠DCG+∠DCD'=90°+a.4.即，点B到AC所在直线的短距离为4.根据∠1DCE'=∠ID'CE'+∠DCD'=90°+a,所以∠D'CG=∠DCE轴对称的性质可知点B到AD的最知距离也是因为CD'=CD=2,所以△GCD'≌△ECD4.所以线段BP的长不可能是3.故选A.所以G)'=ED,6.山题意，得点C关于直线BC的对称点为点A'连接AA',交BC于点B,则当点)与点B重合(3)能.&的值为135或315时，△BCD'与△DCD'全等，时，A)+CD的值最小，因为三角形的边长为图3图4提示：因为四边形ABD为正方形，2,所以AD+CD=2AB=4.故选A.7.根据移的性质，可得AB∥1DE,AD∥BE,BC第17题图所以CB=CI)18.（1)如图所示，点0为所求因为CD=CDE,由行线的性质，可得∠A=∠B).因为BE和CF是对应点的连线，所以BE与CF相(2)如图所示，△AB,C,为所求所以△BCD与△DCD为腰相等的两个等腰三角形.当∠BCD=∠DCD'时等.因为BG=4,△BG的面积为4，所以可得(3)如所示，点M为所求△BCD'≌△DCD.GE=2.所以梯形CCFE的面积为(6+10)×?△BCD'与△DCD'为钝角三角形时，2=16,在本题中，移的距离是线段B的Ka=360°-90°=135°：而不是线段BG的长.因为AB∥1)E,所以当△BCD'与△DCD'为锐角三角形时，∠ABC=∠BGE=90°.在RL△BGE中，BG=4,GE=2.所以BE=、BG+GE=25.所以选项B&=360-9=315错误.故选B.23.(1)因为CD是Rt△4BC斜边上的中线，8.由直角三角形的性质，求出AC=23,∠B=所以C)=AD.所以∠A=∠AC).60°.H旋转的性质，得出CA=CA',CB=CB第18题图因为△A,CDH△ACD翻折而成∠ACA'=∠BCB'.连接AA',可证出△CBB'和19.(1)因为△ABC沿AB方向向右移得到所以∠ACD=∠A,CD.△CAA'为等边三角形.过点A作ADLA'C于点D.因为CA IAB,△DEF.出等边三角形的性质及直角三角形的性质可所以AD=BE=(CF,BC=EF=3cn所以∠A+∠AC1D+∠1)CA1=3∠A=909得出答案因为A5=8em,DB=2cm.所以A=30所以mA=9.山题意.可得BC=B,G=号AB=6cm,AC=AB·所以1D=BE=CF=8=2=3(cm),2(2)由题意，得C,D,=CD=AD=A,D,=BD.cs30=63cm.所以AB,=(63-6)cm.过即移的离为3cm所以∠FAD=∠C,∠B=∠BCD,A:D=AD点B作BI与C行交丁点，则南肥(2)四边形AEFC的周长是AE+EF+CF+DD=BD -DD=BD.AG=8+3+3+4=18(cm).由移的性质，得C,D∥CD.把即8”：668H6-2列m20.(1)囚为AD∥BG,所以∠DEC=∠BCE.所以LA,FD=∠C,∠BED,=∠BD663因为EC分∠BED,所以∠DC=∠BC所以∠FAD=∠A1D,∠B=∠BED所以移的断离为(6-23)cm.所以∠BEC=∠BCE.所以DF=AD,BD,=DE所以D,E=DF10.由已知条件点O(0,0),B(2,2),可得点D(1,1),所以△BEC是等腰三角形0B与x轴y轴的交角均为45°.菱形绕点0(2)如图，因为△FCE与△BEC关于CE的中24.(1)BG=AE.逆时针旋转，每秒旋转45时，60秒可旋转点0成心对称，所以0B=OF,OE=OC(2)BG=AE成立.2700°，2700÷360=7…180，所以这时所以四边形BCFE是行四边形理H:连接AD因为BC=BE,由题意，得BD=AD,且ADLBC.点D转7整周余180°，共对应点恰与点0关于所以四边形BCFE是菱形所以∠BDG+∠ADG=∠ADE+∠ADG=90原点对称.所以其坐标为(-1，-1.所以∠BDG=∠ADE.故选B.5F因为DG=DE,所以△BDG≌△ADE.二、11.112.125°13.(-4,8)所以BG=AE.14.(4,3)15.3016.310(3)在正方形DEC旋转的过程中，点经过5的轨迹是以点D为圆心，DE长为半径的圆提示：所以当A.D,E三点共线，且点E在点D的下11.因为点A(1+,1-n)与点B(-3,2)关于y轴第20题图方时，AE的长有最大值对称，所以1+m=3,1-n=2.解得m=2.21.(1)根据旋转的性质，得C0=(D且∠0CD=此时，正方形DG绕点D逆时针旋转了n=-1.所以(m+n)=(2-1)=1.60°.所以△0D为等边三形，270°，其位肾如所示12.根据轴对称的性质，可知∠A=∠D=30(2)△A0D为直角三形.理由如下：∠C=∠E=25°.再由三角形的内角和定理因为BC=4,所以MD=)BC=2H题意.可得∠BOC=∠ADG=150.求得∠DFE=125°因为△C0D为等边三角形，所以AE=2+5=7.13.过点B作BLx轴，过.点B作BMLy轴，先求所以∠C1D0=60.迕接AF,在Rt△AEF,AF=N7+5=N74.山出OW=8.由旋转，可知△A0B≌△'0B'.所以∠AD0=150°-60°=901所以OM=OWN=8,B'M=BN=4,从而可求出所以△AOD为直角三角形点B的坐标，(3)设∠B0C的度数为x,则∠4OD=360°14.根据移前、后对应线段行（或在一条直线110°-60°-x=190°-x,∠AD0=x-60°上)且相等可得AB和CD行且相等，所以四∠0AD=180°-(190-x)-(x-60P)=50°.边形ABDC是行四边形.再由点A的坐标①若AD=A0.则∠AOD=∠AD0,为(1,3)可知BD边上的高为3，于是可求得即190°-x=x-60°.解得x=125.AC的长，进而求出.点C的坐标②若AD=OD,则∠A0D=∠OAD,第24题图