山西省2023-2024学年度七年级第一学期阶段性学习效果评估（一）x物理试卷答案正在持续更新，目前2024届最新高考模拟示范卷答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

大一轮复学案答案精解精析体为研究对象，当物块撞击挡板7次后，弹性正碰，设碰后白球的速度为，8号迁3D滑块从A滑到C的过程中水方71神=m人，+m0,,<5m/s,得m人>52kg,球的速度为即，以向右为正方向，根据动向动量守恒，竖直方向上合力不为零，系当物块撞击挡板8次后，8I神=m人"+mw,量守恒和能量守恒有1.5m,=1.5mw,+统动量不守恒，故A错误；滑块滑到B点g>5m/s,得m人<60kg。故B、C正确，1时，取水向右为正方向，由水方向动A、D错误。mo,×1.5mug=2×1.5m听+7×mg量守恒和机械能守恒得0=mwm一Muw考点二61.(1)10m/s(2)0.06kg(3)26m联立解得=了0,0=了0。紧接着8mgR=+1Mw,解得n=√2，2m+3gR解析(1)设手榴弹上升到最高点且未发号球与7号球发生弹性碰撞，质量相等，生爆炸时的速度大小为，有则速度交换，7号球与6号球发生弹性碰，故B错误；设全程小车相对地vw=入N6之i-=了tngh1撞，依此类推，则1号球弹出。8号球与7面的位移大小为s,则滑块水方向相对号球碰后速度变为0，之后白球以速度，代入数据解得v,=10m/s。地面的位移为x'=R+L-s,由人船模型结与静止的8号球发生第二次弹性碰撞，根(2)设两块弹片的质量均为m',爆炸后瞬据动量守恒和能量守恒有1.5mu,=论可得=(R0,=2(R+L,故C间其中一块速度为零，设另一块速度为v2,有m'gh=5J1.5mv2+mws1,2×1.5mw2=2-×1.5mw2+错误；系统在水方向动量守恒，以向右代入数据解得m'=0.1kg为正方向，对整个过程，由动量守恒定律2设手榴弹所装火药的质量为△m,有2×mm1,联立解得，=得0=(m+M)v',由能量守恒定律得mgR=△m=m-2m6代入数据解得△m=0.06kg。了×了。以此类推，得出规律，8号红球ungL,解得L=R,故D正确。(3)设另一块弹片做抛运动的时间为t,题型四6两块弹片落地点间的距离为△x,有mw,=最终的速度大小为”=例4C木块对子弹的冲量与子弹对木块55的冲量大小相等，方向相反，A错误；因为mA如=h=正确。水面光滑，系统所受合外力为零，子弹题型二代入数据解得△x=26m。和木块组成的系统动量守恒，B错误；根例2C当弹簧压缩到最短时，两球的速2.D由动量守恒定律得m心。=(M-m)v,导据动能定理，子弹对木块所做的功等于木度相同，对题图甲，取A的初速度方向为块获得的动能，根据能量守恒定律，子弹弹获得的速度w=心，故选D。正方向，由动量守恒定律得mw=(m+和木块组成的系统损失的机械能等于子考点三M)v',由机械能守恒定律得E,=2m-弹损失的动能减去木块获得的动能，C正例2B设气球下降的高度为h,则由动量确：根据动能定理，子弹克服木块阻力做1mMv2的功等于子弹的动能减少量，D错误。守恒可知M=m(L-h),解得A=mLM+m,则(m+M)u2,联立解得E,2m+同2例5ABD由题图乙可知，最终物体和木理，对题图乙，取B的初速度方向为正方人实际上爬的高度是h'=Lh=ML,故板的共同速度为v=1m/s,A、B组成的系向，当弹簧压缩到最短时有E,=M+m统动量守恒，则mw,=(M+m)u,解得M=mMy?选B。2〔m+故弹性势能相等，则有1，=，2g,则木板获得的动能B=宁=迁2ABC地面和圆弧面光滑，小球在半故A、B、D错误，C正确。圆槽内运动的全过程中，只有小球的机械迁2B设压缩到P点时，弹簧的弹性势1×2×1?J=1J,故A正确；系统损失的机能与半圆槽的机械能之间相互转化，小球与半圆槽构成的系统机械能守恒，A正能为E,开始时，物体A、B的质量均为械能△E=m-(m+hM)=21,故B确：小球在半圆槽内运动的全过程中，地m,则有E,=2m,m,=2m,Ea=B,面光滑，小球与半圆槽组成的系统在水正确；根据v-t图像中图线与t轴所围的宁×2m2=子5，把A的质量换成3n,1方向所受的合外力为零，小球与半圆槽在面积表示位移，由题图乙得到0~1s内B水方向动量守恒，B正确；小球到达右1侧最高点时，由人船模型结论可得小球通的位移为=2×(2+1)×1m=1.5m,A过的水位移见C正确D情，E,=2×3m,,3mg'=4mt,E2=,-×4nm2=子5，所以有瓦，：Be=2,选1的位移为多=子×1x1m=05m,则木板2专题突破6动量守恒中的A的最小长度为L=xB-x4=1m,故C错项B正确。力学综合问题题型三误；由题图乙可知，B的加速度a=△t题型一例3D若锁定滑块，设小球到达最高点1-2例1A设碰前滑块A的速度大小为，的速度为vp,则由机械能守恒定律和牛顿1m/s2=-1m/s2,负号表示加速度的滑块A下滑过程，由机械能守恒定律得1第二定律有分m=meL+2 mp,F+mg=方向与v。的方向相反，由牛顿第二定律m8R=之m6,解得=6m/s。若两个得-mg=ma,解得u=0.1,故D正确。迁4C以A、B、小车整体为研究对象，取滑块发生的是弹性碰撞，取水向右为正mL,解得F=2N,故A错误。若解除锁向右为正方向，系统动量守恒和能量守方向，由动量守恒定律和机械能守恒定律定，小球和滑块构成的系统水方向动量恒，有me2-m1=（2m+M)u,mgL=1得，m,=m+m,2m6=2m,+守恒，则mw。=MuM,由机械能守恒得1之m=子m+子M妮+ng,解得e.=1乞m+2m好-之(2m+M)心，代人数据12m,解得g=4m/s;若两个滑块发生计算得出u=0.5m/s,L=9.5m,即最终A、2m/s,故B、C错误；设小球击中滑块右B与小车一起向右以v=0.5m/s的速度运的是完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得侧轨道位置点与小球起始位置点间的距动，故A、B错误，C正确；系统产生的总热m,=(m+ma)vg',解得vB'=2m/s;所离为x,滑块运动的距离为xM,由系统水量为Q=umgL,代入数据解得Q=9.5J,故以碰后小滑块B的速度大小范围为方向动量守恒得mxn=MxM,又xn+xwD错误。2m/s≤u≤4m/s。故选A。迁1C白球以初速度，与8号红球发生2,得=号m,放D正确。·503.